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[Java教程]Ajax实现页面跳转与结果返回


ajax实现页面局部跳转与结果返回

1、带有结果返回的提交过程

这里用一个提交按钮来演示,HTML代码为:

<input type="button" class="btn" value="提报" name="submit4" onClick="tibao();">

点击提报按钮后,通过ajax来实现跳转到action中处理,JavaScript代码为:

function tibao(){
var id='';
var URL = <select:link page="/smokeboxtransplan.do?method=wlDanTibao&idset="/>+id; $.ajax({url: URL,   type: 'GET',   success: function(result) { alert(result); } });
}

action处理完成后,将返回的结果放到result中,在页面弹出提示信息;当然这里的action跳转是需要配置

后台Java类处理过程为:

//提报    public void wlDanTibao(ActionMapping mapping, ActionForm form,        HttpServletRequest request, HttpServletResponse response) throws Exception {      String idset=request.getParameter("idset");      CallHelper helper = initializeCallHelper("L_SmokeBoxtibaoWLDan", form,request, false);      helper.setParam("bill_ids",idset);      helper.setParam("personid",getPersonId(request));      helper.execute();      PrintWriter write = response.getWriter();      write.print(helper.getOutput("message"));      write.close();    }

这里是通过一个sql语句对数据进行处理,返回一个message,并将信息打印到页面;

这里做的操作的结果是反映到response对应的位置,于是拿到属于response的流,而不是new一个出来。

也就是说我从那里跳转过来的,我这个信息就会返回到那里去。所以在js中就可以用result进行接收这个返回结果,并且用alert提示。

 

 

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